分析标准砝码的因式分解

如果天平两端都允许放砝码，并且假定所有的砝码都是整数克。为了称出从 1 克到 40 克 所有整数克 的物品，zui少需要几个砝码？

感兴趣的读者不妨自己先试着想想，再往下看。

秘密在于 3 的幂
说起来这个问题历史还算是挺悠久的。据《数学游戏与欣赏》（ [英] 劳斯·鲍尔 [加] 考克斯特 ，杨应辰等 译），这个问题被称作巴协 （Bachet） 砝码问题；而据《数学聊斋》（王树禾），该问题至少可追溯到 17 世纪法梅齐里亚克 （Meziriac, 1624） 。他们给出的答案是：

zui少需要 4 个标准砝码，规格分别为 1 克、3 克、9 克和 27 克。
例如，为了称出 2 克的物品，我们只需在天平端放 3 克砝码，在另端放上 1 克的砝码；而要称出 7 克的物品，则可以在端放上 1 克和 9 克的砝码，另端放上 3 克的砝码。

类似地，要称出 1 克到 4 克中所有整数克的物品，只需要 2 个砝码；要称出 1 克到 13 克中所有整数克的物品，则只需要 3 个砝码；要称出 1 克到 121 克中所有整数克的物品则要 5 个砝码，它们分别是 1 克、3 克、9 克、27 克和 81 克，如此等等。

也许有人已经心领神会了，但是如果就此满足而匆匆离去的话，可能就错失了个领略数学思想的机会——问题到这里并未结束啊！例如，4 个砝码究竟是不是zui少的？还有没有其他的组合？对这些疑问的个*的分析和说明，是 19 世纪由麦克马洪 （MacMahon） 给出的。下面就来领略下其中的思想吧，或许你会从中学到很多。

标准砝码因式分解的妙用
假设有个重为 a 克的砝码，那么用它自然能够称出 0 克和 a 克的物品。不过，如果虚设天平的某端为正的话，利用此天平和砝码我们还能称出 - a 克的物品——不妨规定把 a 克砝码放在天平右侧，将物品放在天平左侧，由此可以称出 a 克的物品；但若把 a 克砝码放在天平左侧，把物品放在天平右侧，由此称出的物品重量记作 - a。目前这样种设想有点怪异，但这实际上和人类引入负数的思想是相同的。很快家便会发现，这种设定非常精妙地简化了我们的计算和推导。现在暂且把该砝码能够称出的重量 - a，0，a 放个表达式中：

现在，假设有两个不同规格的砝码，分别重 a 克和 b 克（a

可以看到，它不是别的，正好是

的展开式。

另外，假设有 m 个同样重为 a 克的砝码，则可以称出 - ma，- （m - 1）a，…，0，…，（m - 1）a，ma 克的物品。暂且按照上面的办法，把这些数也塞个表达式中 ：

结合上面的分析，容易看出，如果有 m 个 a 克的砝码，n 个 b 克的砝码，等等，那么可以称出物品的克数就是表达式

展开后出现过的那些 x 的幂数，而展开式中 x 的 i 次项系数就表示用给定的这组砝码称出 i 克物品的不同方法数。

如果要称出 1 到 40 中所有的整克数，并且要求所用的砝码尽可能少，我们自然希望这些砝码能够“物尽其用”，称出的克数正好都是我们需要的克数，并且称的方法都是*的。也就是说，上述表达式展开后应该恰好是

反过来，就是要把还原成的形式。对这个式子行分解，共有八种不同的方案：

前四个式子展示了我们实际上是如何对原式行逐步分解的。它们的意义依次为：（1） 40 个 1 克的砝码；（2） 1 个 1 克，13 个 3 克的砝码 ；（3） 1 个 1 克，1 个 3 克以及 4 个 9 克的砝码；（4） 1 个 1 克，1 个 3 克，1 个 9 克以及 1 个 27 克的砝码。其中，四个分解式是zui基本的，它就是我们想要的答案。

当然我们还要说明，除了上面列举的 8 种组合之外没有其他的组合。这是个多少有些复杂的讨论，不过我们可以就此为止了，因为上面的分解式看起来应该明显含了所有可能的分解。zui少的那组已经明摆着了，无须再说。家可以到 死理性派小组 参与更详细的讨论。

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